Értsd: minden krétainak minden mondata hazugság. Lássuk be, hogy ő maga is hazug (ti. hogy nem mondhatott igazat, mert szavaiból éppenséggel kikövetkeztethető egy olyan krétai létezése, aki nem mindig hazudik)! Igazat semmiképp nem mondhatott, hiszen ha Epimenidésznek igaza lenne, és minden krétai csak örökké hazudna, akkor - lévén maga is krétai - a fenti mondata is hazugság lenne. Tehát hazudott. Ez azt jelenti, hogy nem mondott igazat, azaz nem minden krétaira igaz, hogy minden mondata hazugság. Ezért kell lennie egy krétainak, akinek legalább egy mondata igaz. Megjegyzés: Ez az ún. Epimenidész-paradoxon. A paradoxon (legalábbis Filep László véleménye szerint, amit nincs okunk kétségbe vonni) nem igazán logikai jellegű (logikai eszközökkel kibogozható, hogy semmilyen klasszikus formállogikai alapelvet nem sért), tulajdonképpen nem önellentmondás; hanem inkább ismeretelméleti. Furcsa, hogy Epimenidész állításából a krétaiak beszédének (ide értve Epimenidész fenti kijelentését is) mindenfajta tapasztalati ellenőrzése nélkül, pusztán a logikai elemzésre hagyatkozva "ki lehet mutatni" egy "igazmondó" krétai létezését.
A Wikikönyvekből, a szabad elektronikus könyvtárból. A 2. Nemzetközi Matematikai Diákolimpiát 1960-ban, Sinaiában (Románia) rendezték, s öt ország 40 versenyzője vett részt rajta. Feladatok [ szerkesztés] Első nap [ szerkesztés] 1. [ szerkesztés] Adjuk meg az összes olyan háromjegyű számot, amely egyenlő számjegyei négyzetösszegének 11-szeresével. Megoldás 2. [ szerkesztés] Milyen valós -ekre teljesül a következő egyenlőtlenség:. 3. [ szerkesztés] Az derékszögű háromszög hosszú átfogóját egyenlő szakaszra osztottuk ( páratlan pozitív egész). Jelöljük -val azt a szöget, ami alatt az átfogó felezőpontját tartalmazó szakasz látszik -ból. Legyen az átfogóhoz tartozó magasság. Bizonyítsuk be, hogy. Második nap [ szerkesztés] 4. [ szerkesztés] Adott az háromszög -ból és -ből induló ill. magassága és az -ból induló súlyvonala. Szerkesszük meg a háromszöget. 5. [ szerkesztés] Vegyük az kockát (ahol pontosan fölött van). Mi a mértani helye az szakaszok felezőpontjainak, ahol az, pedig a lapátló tetszőleges pontja?
Latin ábécé A · B · C · D E · F · G · H · I · J K · L · M · N · O · P Q · R · S · T · U · V W · X · Y · Z m v sz Technikai okok miatt C# ide irányít át. A C# oldalához lásd: C Sharp A C a latin ábécé harmadik, a magyar ábécé negyedik betűje. Karakterkódolás [ szerkesztés] Karakterkészlet Kisbetű (c) Nagybetű (C) ASCII 99 67 bináris ASCII 01100011 01000011 EBCDIC 131 195 bináris EBCDIC 10000011 11000011 Unicode U+0063 U+0043 HTML / XML c C Hangértéke [ szerkesztés] A magyarban, a szláv nyelvekben, az albánban stb. a dentális zöngétlen affrikátá t jelöli. Az angolban a k hangot jelöli, kivétel e, i, y előtt ( latin, francia és görög eredetű szavakban), ahol a magyar sz -nek felel meg. Az újlatin nyelvek mindegyikében a k hangot jelöli mély magánhangzó (a, o, u) vagy mássalhangzó előtt, valamint a szó végén; magas magánhangzó (e, i, y) előtt az olaszban, a galloitáliai nyelvekben és a románban magyar cs, a nyugati újlatin nyelvekben sz. A törökben magyar dzs.
Mutassuk meg, hogy minden -re az egyenes átmegy egy állandó ponton. Milyen utat jár be a két négyzet középpontját összekötő szakasz felezőpontja? 6. [ szerkesztés] A és sík egymást a egyenesben metszi, és a síknak, a síknak olyan pontja, amely nincs rajta -n. Szerkesszük meg azt az húrtrapézt (), melynek csúcsa -n, csúcsa a síkban van, s amelybe kört írhatunk. Megoldás
A Wikikönyvekből, a szabad elektronikus könyvtárból. Ezt a problémát Románia javasolta kitűzésre. [1] A feladat: Milyen valós számra lesznek igazak az alábbi egyenletek: Megoldás [ szerkesztés] A egyenlet megoldásához először is emeljük négyzetre mindkét oldalt. (Ez ekvivalens átalakítás, mivel mindkettő pozitív. ) Ebből rendezés után a következőt kapjuk:. A gyök alatt, található, aminek gyöke (attól függően, hogy melyik pozitív) vagy. Tegyük fel, hogy ( legalább, mivel különben nem lenne értelme a -nek). Ekkor az egyenlet:, azaz. Ha, akkor az egyenlet:. Tehát, így az egyenletet pontosan az értékek elégítik ki, a egyenletnek viszont egyik esetben sem lesz megoldása, vagyis nincs annak megfelelő. Még meg kell találnunk a harmadik egyenlet gyökét, azaz amikor. Ekkor, vagyis, tehát. Mivel ekvivalens átalakításokat végeztünk, ez jó megoldás, a bizonyítást befejeztük. Források [ szerkesztés] ↑ Mathlinks: IMO feladatok és szerzőik
A Wikikönyvekből, a szabad elektronikus könyvtárból. Az 1. Nemzetközi Matematikai Diákolimpiát 1959-ben, Brassóban (Románia) rendezték, s hét ország 52 versenyzője vett részt rajta. Feladatok [ szerkesztés] Első nap [ szerkesztés] 1. [ szerkesztés] Mutassuk meg, hogy – bármilyen természetes számot jelentsen is – a következő tört nem egyszerűsíthető: Megoldás 2. [ szerkesztés] Milyen valós számokra lesznek igazak az alábbi egyenletek: 3. [ szerkesztés] Tudjuk, hogy Mutassunk másodfokú egyenletet -re úgy, hogy együtthatói csak az számoktól függjenek, majd helyettesítsünk be, és -et. Második nap [ szerkesztés] 4. [ szerkesztés] Szerkesszünk derékszögű háromszöget, ha adott az átfogója, és tudjuk, hogy a z átfogóhoz tartozó súlyvonal hossza egyenlő a két befogó hosszának mértani közepével. 5. [ szerkesztés] Az szakaszon mozog az pont. Az és szakaszok fölé az egyenes ugyanazon oldalára az és a négyzetet emeljük, s megrajzoljuk ezek körülírt körét is. A két kör -ben és -ben metszi egymást. Mutassuk meg, hogy az és a egyenes is átmegy az ponton.
és 3). pontok alatt leírt osztályok csak akkor léteznek, ha az a, á, b, c, cs hangok, meg az Olvasó és a Tankönyvíró eleme az E egyedek osztályának. De ezt nyugodtan feltehetjük. 2. [ szerkesztés] Vajon az "izgalmas mozifilmek" sokasága miért nem osztály? Sérti az egyértelmű meghatározottság axiómáját. Az "izgalmas" jelző köztudottan szubjektív, fuzzy tulajdonság; nem egyértelmű, mely filmekre igaz és melyekre nem. 3. [ szerkesztés] Tudjuk, hogy az osztályok = egyenlősége reflexív reláció: azaz tetszőleges A osztályra A=A. Lássuk be, hogy meg irreflexív reláció, azaz egyetlen osztály sem nem-egyenlő önmagával! Valóban, ha AA volna, az épp az ellenkezőjét jelentené (hogy ¬(A=A)) annak, ami az = reflexivitása miatt igaz, azaz annak, hogy A=A. 4. [ szerkesztés] Tranzitív-e (ha ab és bc, igaz-e mindig ac)? Nem. Például az a=0, b=1, c=a=0 esetben 01 és 10, mégsem igaz 00. 5. [ szerkesztés] Egy napon Athén piacterén, néhány ezer évvel ezelőtt, a krétai Epimenidész, a közismert Zeusz-pap és varázsló, elkiáltotta magát - talán vitája volt valakivel éppen -: "A krétaiak mind örök hazugok és naplopók! "
2011. 30. 13:56 HVG Az eutanáziabotrány kulisszatitkai. Csak figyelemelterelés? Valaki felismerte a lehetőséget a másfél évig figyelmet sem kapott "morfiumügyben". Még nem tudni, hatalmi harc vagy egyszerű figyelemelterelés áll-e a háttérben – olvasható a HVG csütörtökön utcára kerülő számában. A lap két cikket is szánt a témának, bemutatva azt is, hogyan lett európai szintű az eutanázia jogi szabályozása Magyarországon. 2011. 23. 17:37 Uzsoki-ügy: most többen utasítják el a kegyes halált, mint korábban Bár a lakosság többsége változatlanul elfogadja az eutanázia aktív vagy passzív formáját, az elmúlt két évben jelentős mértékben nőtt a "kegyes halált" teljesen elutasítók tábora. A egészségportál megbízásából a Szinapszis Kft. 2011. november elején készített felmérést az eutanázia társadalmi megítéléséről. 2011. 22. A kegyes gyilkos youtube. 18:19 Uzsoki-ügy: mennyire kellenek a Fekete Angyalok? Ha igaz, hogy szándékosan adagolták túl a morfint a budapesti Uzsoki Kórházban, akkor aktív eutanáziát követtek el. Az elmúlt években amúgy is éles vita bontakozott ki az eutanáziáról, nemcsak itthon, Európában és a tengerentúlon is: a kegyes halál kérdése összetett etikai, filozófiai, jogi problémákat vet fel.
Értékelés: 14 szavazatból Az aktuális rész ismertetője: Dr Mary Harris orvos és a társa Des, volt plasztikai sebész, asszisztált öngyilkosságot végez egy páciensen, Troyon, de a méreg, amit beadtak neki, vizezett volt. Mary egy új páciensükkel, Joellel testi kapcsolatba lép. Mary lánya és barátnője megtalálja a fészerben azt a pentobarbitál nevű anyagot, ami Mary használ a kegyes halálhoz. Naomi kipróbálja és rosszul lesz a táncbemutatón. A műsor ismertetése: Az egyedülálló anya, Mary Harris orvosként dolgozik egy kórházban, éjszakánként viszont ő és társa, a volt plasztikai sebész, halál angyalaiként gyógyíthatatlan beteg emberek kívánságát teljesítik, hogy azok a saját kívánságuk szerint távozhassanak el erről a világról. A kegyes gyilkos 2019. Évadok: Stáblista:
Kegyes halál a vásznon - a 7 legemlékezetesebb film az eutanáziáról Van olyan gyógyíthatatlan helyzet az életben, amikor felvetődik a kérdés: nem lenne-e jobb megoldás a halál? Hogy erre aztán ki milyen választ ad, az rengeteg mindentől függ - mint ahogyan ezt megmutatják az alábbi, az eutanázia témájával emlékezetes módon foglalkozó filmek történetei is. A kegyes gyilkos 2017. Kegyes halál, kegyetlen valóság Egy budapesti kórházban történt gyanús halálesetek ügyében nyomoz a rendőrség. A feltételezések szerint morfintúladagolásban elhunyt betegeket a kórházi személyzet segíthette halálba. Kegyes halál, gyilkosság vagy egyik sem?
Egy csaknem harminc éve börtönben lévő, életfogytiglani büntetését töltő gyilkosnak és többszörös erőszaktevőnek engedélyezték Belgiumban, hogy élhessen az orvosi eutanázia lehetőségével. Kegyes halál | 24.hu. Frank Van Den Bleeken, aki gyilkosságért és nemi erőszakért került börtönbe, azzal érvelt, hogy nem tud változtatni erőszakos szexuális viselkedésén, elviselhetetlen lelki szenvedésen megy át a börtönben, ezért élni akar azzal a jogával, hogy a rá váró további mentális gyötrelmeknek az orvosi segítséggel végzett eutanázia vessen véget. Az elítélt ügyvédje, Jos Vander Velpen a VRT belga állami televíziónak arról beszélt hétfőn, hogy ügyfelét az elmúlt évek során számos orvos és pszichiáter megvizsgálta, és mind arra a megállapításra jutottak, hogy a férfi "elviselhetetlenül szenved". Belgiumban 12 évvel ezelőtt fogadták el az eutanáziáról szóló törvényt, azóta ez az első olyan bírói döntés, amely egy elítélt számára engedélyezi az önként vállalt halált. Frank Van Den Bleeken ügyvédje nem részletezte, hogy a kórházban végrehajtott eutanáziára mikor kerül sor.
Vaszilij Blohin neve csak keveseknek cseng ismerősen Magyarországon, pedig 2010 óta a Guinness Rekordok Könyve is jegyzi a hóhér nevét, mint a lengyel katonatisztek katyni lemészárlásának szervezője és lebonyolítója. A szovjet államvédelmi tábornok megközelítőleg 50 ezer ember életét oltotta ki saját kezűleg, és bár pontos adatok nincsenek a történészek birtokában, afelől nincs kétségük, hogy az áldozatok száma tízezres nagyságrendű. Története kissé zavaros, de mindenképp érdekes. Sztálin első számú bizalmasa lehetett Vaszilij Blohin jelentős karrierutat járt be élete során, 3 évtized alatt ugyanis a szovjet államvédelem, előbb a Cseka, majd az NKVD, vagyis Belügyi Népbiztosság tisztje, főtisztje, végül pedig tábornoka lett. 1921-ben csatlakozott a titkosszolgálathoz, és onnantól kezdve valószínűleg Sztálin első számú bizalmasa lehetett, egészen a diktátor 1953-as haláláig. Blohin és gyilkos fegyvereinek egyike. Munkája a gyilkolás volt, és igen jól végezte: Sztálin hóhéra rengeteg embert megölt - Ezotéria | Femina. Hruscsov idején aztán félreállították, de a felelősségre vonás elmaradt. 1955-ben halt meg rejtélyes körülmények között, mivel nem tudni, hogy felakasztotta magát vagy esetleg infarktust kapott.
SYNOPSIS Ben és Mary összeállnak, hogy levadásszák Oliviát, de Mary végül a saját útjára lép. Des-zel próbálják elintézni Travist...